ajax提交表单数据不跳转

1.onsubmit

form表单的onsubmit方法在submit执行之前提交表单

<script type="text/javascript">function sub()  
        // jquery 表单提交   
        $("#formId").ajaxSubmit(function(message)   
        // 对于表单提交成功后处理，message为返回内容   
        });   

        return false; // 必须返回false，否则表单会自己再做一次提交操作，并且页面跳转   </script>  
<form id="formId" action="servlet" method="post"onsubmit="return sub();">   
    <input type="submit" value="提交"/>   
</form>

2.ajax提交

<script type="text/javascript">function sub()  
        $.ajax({  
                cache: true,  
                type: "POST",  
                url:"Servlet",  
                data:$('#formId').serialize(),// 你的formid  
                async: false,  
                error: function(request)  
                    alert("Connection error:"+request.error);  
                },  
                success: function(data)  
                    alert("SUCCESS!");  
                }  
            });  
    }  
</script>  
<form id="formId"  method="post"">  
    <input id="input1"   
    <input id="input2"   
    <input id="input3"  
    <input type="button" value="提 交" onclick="sub()"/>  
</form>