题目链接：https://www.patest.cn/contests/gplt/L2-014

题意：让我们求出这个序列最少的下降序列个数，而最少的下降序列个数就等于整个序列最长上升子序列的长度。

由于小编的疏忽，觉得这就是个人人皆知的定理，没有给出证明过程，让读者感到了困惑，这里小编由衷的道歉，同时感谢A_LeiQ同学的提醒，这里小编给出一个证明过程。

其实这个证明过程得提一个定理，那就是偏序集的Dilworth定理，关于偏序集，离散数学中的概念，这里限于篇幅，小编不在详细介绍，这里证明一下这个在这个地方的Dilworth定理的运用。

首先，我们设一个数a的值小于等于另一个数b且它的位置在这个数的前面(或同一个位置)表示a≤b，用S表示整个集合，用极小元来表示只有自己能和自己确立≤关系的数，用链表示一个子集，里面的元素互相都能确定≤的关系，用反链来表示一个子集，里面的元素互相都不能确定≤的关系，我们设最少反链划分数是p，最长链长度是r。

1.先证p≥r。这是显然的，因为最长链长度是r，r个元素中的任意两个都可以比较，因此它们必定两两属于不同的反链，因此反链个数≥r，即p≥r。用这个例子来说的话就是，一个上升序列中每一个数肯定不可能出现在同一个下降子序列中。

2.再证r≥p。设X1=S。找出X1的所有极小元组成集合Z1，将其从X1删之，得到X2，再找出X2的所有极小元组成集合Z2（特别注意X2中的任何元素a2，在X1中必然存在一个元素a1使得a1≤a2，否则a2可以放到X1中，这与X1的选取矛盾），再将Z2从X2中删除，得到X3，……这样一直下去，总存在一个k使得XK不空但X(K+1)为空。这样便得到一条链a1，a2，a3，……，ak，其中ai属于Xi。由于r是最长链长度，因此r≥k。另一方面，我们也得到了一个反链划分，即X1，X2，X3，……，XK。由于p是最少反链划分，因此k≥p。因此有r≥p。这里不懂的同学可以就拿样例来模拟一下，很容易就能发现这个证明过程的正确性。


#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int maxn = 100000+5;
int a[maxn], dp[maxn];
int main()
{
  int n;
  scanf("%d", &n);
  for(int i=0; i<n; i++) scanf("%d", &a[i]);
  dp[0] = a[0];
  int num = 0;
  for(int i=1; i<n; i++)
    if(dp[num] < a[i])
      dp[++num] = a[i];
    else{
      int pos = upper_bound(dp,dp+num,a[i])-dp;
      dp[pos] = a[i];
    }
  printf("%d\n", num+1);
}